老年退役选手的复建之路
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P218 天际线问题
给你若干个矩形，让你描述出最顶端的轮廓
不用stl的话是个线段树染色，涉及到区间染色和单点查询最值，用stl的multiset就能很好的解决这个问题
注意multiset想要删除单个元素需要s.erase(s.find(x))，否则会删除等值的所有元素
那就按照x轴排序，处理完同一坐标的所有内容之后用s.rbegin()获取最大值就好
P1330 翻转子数组得到最大的数组值
稍微有点复杂的一道题
首先显然的，翻转一个区间之后，中间的元素对整体答案的贡献完全不变，那么区别就区别在四个临界元素上：假设反转的区间为[l,r]，那么影响答案的四个元素为a,l...r,b，原来的答案为abs(l-a)+abs(b-r)，那么变动之后的答案为abs(r-a)+abs(r-b)，差值就为abs(r-a)+abs(r-b)-abs(l-a)-abs(b-r)...
是不是晕了？
涉及到绝对值的问题都要尝试拆绝对值，更具体一点就是尽可能分类讨论。因为我们只需要取最大值，那么就可以暴力枚举每种可能然后取个max就好。
循环的思路肯定是固定一侧(即l,a)而枚举另一侧(r,b)，那么之前的-abs(l-a)-abs(b-r)就可以扔到一边，我们根据前面的四种情况拆绝对值之后变成四个式子：a-l+b-r
-a+l+b-r
-a+l-b+r
a-l-b+r那么循环的时候a,l的部分是固定的，我们只要维护右侧b,r的后缀max值：
+b-r-abs(b-r)
-b+r-abs(b-r)和左边取max就行。注意到l,r不能为边界，故边界需要再特判一下。
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P42 接雨水
也是个单调栈的问题，画一下就知道最后形成的形状一定是一个类似于小山的（存在一个最高点，两边递减），那么就先确定最高点的位置（存在多个最高点任意选一个不影响结果），可以用单调栈把左右两侧的轮廓算出来，答案就出来了P2818. 操作使得分最大
很缝合的一道题
每个点的得分可以用线性筛+分解质因数来预处理，单次查询是log级别的。然后我们去计算每个点的总贡献：先预处理每个点向左、向右”延展“的数量，即向左/右中value小于该点的值有多少个，这一部分可以用单调栈优化（怎么又是单调栈= =），设向左延展的长度为l，向右为r，那么该点一共能贡献的区间数量就是(l+1)*(r+1)了。排序之后贪心即可 -
啊？？？
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诈尸
P1955. 统计特殊子序列的数目
简单的线性dp, dp[i]代表着取完数列中位置i的数字后的子序列个数
暴力转移n^2，但是因为题目数字只有三种所以合并状态就行了P2528. 最大化城市的最小电量
一般这种带"最小值最大"的题目都是二分答案，答案显然具有单调性，那么这个问题可以转化为能否存在一种分配方法使得总电量均大于k
从左到右贪心就行，尽可能的将供电站靠后建，具体的说就是利用一个滑动窗口来进行维护，当一个数字将要出队列的时候检查它的电量是否达标，实际上就是区间和的问题，同样用滑动窗口维护
边界还是有点恶心的，就是最靠右的几个供电站我第一次忘判了，可以特判也可以暴力的将数组拉长至两倍（右边用0补齐） -
鲸哥有空讲讲ologn求两个有序数组的中位数，我上次和同事没云出来
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@Starmie
这个模型可以推广为O(logn)求两个有序数组合并之后的第k大问题
第k大，就是把数组里面前(n-k)个比它小的数字都删了，答案就一眼丁真了
简单的想法就是效仿普通的归并，每次比较数组头两个数字，把小的踢出去，一共要踢(n-k)个比较小的数字
那么我们考虑加速，有没有可能同时踢某个数组的一段数字呢？当然是可以的，为了方便起见我们假设剩下还需要踢k个数，那么这两个数组中一定存在某个数组，它的前floor(k/2)个数是可以直接踢出去的
具体的，我们比较这两个数组中的第k/2个数字大小(数组长度不足k/2则取末尾)，更小的那个，它以及它之前的数字是一定可以全踢的
那么原本一共要踢k个数字，每次k值折半，严格logn级别（lc上好像有原题我今天有空了写一下）
edit:
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面试题 17.20. 连续中值
随机产生数字并传递给一个方法。你能否完成这个方法，在每次产生新值时，寻找当前所有值的中间值（中位数）并保存。
动态维护集合中的中位数，要求复杂度均摊O(logn)
首先这题平衡树肯定可以做，有没有更简单的办法呢？
设某个状态中位数已经求出来了为x，那么对于新加的元素：如果元素>x，则新中位数一定为x的后继；<x，为x的前驱，这点很显然
换言之我们只需要维护当前中位数的后继和前驱就好了，但是这个好像又涉及到平衡树了...
假设我们找到了x的前驱为y，那么我们必须要马上获得y的前驱...好消息是，我们不需要对<x的所有数排序，只需要每次获取最大值就行了，是不是很像堆？
所以我们维护一个大根堆和一个小根堆，大根堆维护<mid的数值，小根堆维护>mid的数值就好了，每次插入数字的时候将其与mid比较，当两个堆差值>2的时候及时平衡（就是把一个堆的顶部移到另外一个堆里就好）。面试题 17.19. 消失的两个数字
给定一个数组，包含从 1 到 N 所有的整数，但其中缺了两个数字。你能在 O(N) 时间内只用 O(1) 的空间找到它们吗？
设缺的两个数字为a b
遍历第一遍可以把a+b找到，a一定<(a+b)/2
遍历第二遍把a找到就行了 -
看不懂，感觉很厉害
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看的想学计算机
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778 水位上升的泳池中游泳
二分答案+bfs793 阶乘函数后k个零
首先考虑到2*5=0且5的数量远小于2，不难发现F(x)实际上就是从1到x的数组中所有5的因数个数（当然我是打表之后强行总结的哈哈）。
那么第一个问题就是快速求F(x)，x/5显然是1到x中能被5整除的个数，那么把这个数字再/5就是能被25整除的个数，这样递归一下就行，复杂度O(logN)。
之前的打表发现：凡是存在x,k使得F(x)=k，那么满足上式的x的数量一定为5，换句话说我们只要验证给定的k，是否存在某一个x即可。F函数显然单调，二分一下就行了。
复杂度两个log -
@xujing691691 希望你夺冠以后，不要忘记狠狠奖励自己。
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k=2的时候就是传统区间dp，那么k>2的时候怎么做呢？
一个简单的思想就是记dp[i][j][k]为区间i-j中还剩k堆石子的最小代价，两个区间要么执行合并操作要么不合并石子单纯合并区间。然后思考之后发现第三维k也是多余的：dp[i][j]代表把i-j里面的所有石子合并到不能再分的最小堆数的最小代价，显然这个最小堆数是个定值。
转移的时候分类讨论两种情况：
1.不合并石子单纯合并两个区间，必须保证合并之后的石子堆数严格小于k
2.全部合并，必须保证合并之前两个区间的堆数总和为k典型的区间DP O(N^3)
想法不算难但是细节很多的一道题
环形区间一般可以通过拉长到两倍长度当线段处理，然后这道题乍一看答案具有很强的单调性，那么简化之后的模型就是【给定一个初始积分x，问是否能填满整个线段】，朴素的暴力是O(N^2)的显然不行。
下一个想法就是初始将所有积分<=x的关卡都看为原点，然后暴力左右扩张合并，直到不能合并为止。合并的顺序也有说法，权值越大的点合并的顺序就尽量要越晚，考虑到区间1遇到一个障碍物p无法与区间2合并，之后p被消除，进行区间合并的时候，区间2显然可以无脑接受区间1中的所有顶点（权值一定<p），而反过来就不行了。
那就把整个环看成一张图做并查集，合并的时候还需要维护区间的左右界，总之细节不少。
那么就二分最终答案...交了最终代码之后发现答案错误，发现这个答案他并不具有单调性！因为或的原因可能存在下面一堆低位1可以通过但是上面一个高位1不能通过，那就把答案初始化赋值为全1，然后从高位到低位尝试删除1之后判断能不能通过，贪心一下就好。
复杂度O(nlogp)，实际上logp就是long long的位数。
状压dp，dp[i][j]看作已经完成前i个位置的所有防护的同时，第i+1个位置的防护状态为j，j按照1-5秒压缩状态即可
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不难发现某一行/一列中的棋子颜色排布只满足两种情况：
1.红/黑纯色
2.红黑一个一个交替爆搜出合法状态之后状压dp，每个位置有七种状态：
0-该位置之前未放置棋子
1/2-该位置之前放置过恰好一个红/黑棋子
3/4-该位置之前放置过多个红/黑棋子
5/6-该位置为红黑交替且最后一个位置恰好为红/黑色
树上按照dfs序一边处理子节点，获得路径之后按照字典序排序在子树树根递归合并
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这几天要去面试了
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@xujing691691 好好调整，等你请我吃华莱士
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@xujing691691 gogogo鲸哥
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找到班了
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